2019-2020学年河南省洛阳市高一(上)期中物理试卷

2019-2020学年河南省洛阳市高一（上）期中物理试卷

一、选择题（本题共14小题，每小题3分，共42分在每小题给出的四个选项中，第1-9小题只有一项符合题目要求，第10-14小题多选，至少有两个选项符合题目要求，全部选对得3分，选对但不全者得2分，有选错或不答的得0分）

1．（3分）在物理学的发展历程中，下面的哪位科学家首先建立了平均速度、瞬时速度和加速度等概念用来描述物体的运动，并首先采用了实验检验、猜想和假设的科学方法，把实验和逻辑推理和谐地结合起来，从而有力地推进了人类科学的发展（ ） A．伽利略

B．亚里士多德

C．牛顿

D．爱因斯坦

2．（3分）下列说法中，正确的是（ ）

A．研究10m跳台跳水冠军的动作时，可以将运动员视为质点

B．在大海中航行的船，要确定它在大海中的位置时，可以把船看成质点来处理 C．在研究足球运动员踢出的“香蕉球”的偏转原理时，可以将足球视为质点来处理

D．因为子弹的质量、体积都很小，所以在研究子弹穿过一张薄纸所需的时间时，可以把子弹看成质点 3．（3分）关于位移和路程的说法中正确的是（ ） A．运动物体的路程总大于位移的大小

B．位移是描述直线运动的，路程是描述曲线运动的 C．位移取决于始末位置，路程取决于实际运动的路线

D．位移的大小和路程的大小总是相等的，只不过位移是矢量，而路程是标量 4．（3分）物体做匀加速直线运动的加速度为2m/s，表示这物体（ ） A．每秒运动2m

2

2

B．每经过1s，其加速度增大2m/s C．每经过1s，其速度增大2m/s

D．每经过1s，其速度都变为原来2倍

5．（3分）质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x＝5t+t（各物理量均采用国际单位制单位），则该质点（ ） A．第1s内的位移是5m B．前2s内的平均速度是6m/s

2

C．任意相邻的1s内位移差都是1m D．任意1s内的速度增量都是2m/s

6．（3分）甲乙两汽车在一平直公路上同向行驶．在t＝0到t＝t1的时间内，它们的v﹣t图象如图所示．已知t＝t1

时刻，两汽车并排行驶．则在这段时间内（ ）

A．甲乙两汽车的位移相同 B．两汽车的平均速度均为

C．t＝0时刻，汽车乙在汽车甲前方

D．汽车甲的加速度大小逐渐减小，汽车乙的加速度大小逐渐增大

7．（3分）甲、乙两物体在同一直线上运动，其位移﹣时间图象如图所示，由图象可知（ ）

A．甲比乙运动得快

B．乙开始运动时，两物体相距20m C．在前25s内，两物体距离先增大后减小 D．在前25s内，两物体位移大小相等

8．（3分）物体从距地面高H处开始做自由落体运动．当其速度等于着地速度的一半时，物体下落的距离是（ ） A．

B．

C．

D．

9．（3分）在半球形光滑碗内，斜放一根筷子，如图所示，筷子与碗的接触点分别为A、B，则碗对筷子A、B两点处的作用力方向分别为（ ）

A．均竖直向上

B．均指向球心O

C．A点处指向球心O，B点处竖直向上 D．A点处指向球心O，B点处垂直于筷子斜向上

10．（3分）如图所示，将一长方形木块锯开为A、B两部分后，静止放置在水平地面上。则（ ）

A．A受到三个力作用 B．B受到五个力作用

C．A对B的作用力方向垂直于它们的接触面向下 D．A对B的作用力方向竖直向下

11．（3分）作用在同一个物体上的两个共点力，一个力的大小是3N，另一个力的大小是8N，它们合力的大小可能是（ ） A．2N

B．6N

C．10N

D．16N

12．（3分）2019年10月1日上午10时，国庆阅兵仪式开始，如图所示为空中梯队通过天安门广场。空中梯队在地面上空某高度A位置处于静止状态待命，要求空中梯队零时刻由静止状态沿水平方向做匀加速直线运动经过AB段加速后，进入BC段的受阅区做匀速直线运动，经过t时间到达C位置，已知AB段长为L1，BC段长为L2．下列说法正确的是（ ）

A．空中梯队到达B点时的速度为B．空中梯队在AB段的平均速度为C．空中梯队在AC段的平均速度为D．空中梯队在AB段的加速度为

（

）

2

13．（3分）如图所示是剪式千斤顶，当摇动把手时，螺纹轴就能迫使千斤顶的两臂靠拢，从而将汽车顶起。当车轮刚被顶起时汽车对千斤顶的压力为l.0×10N，此时千斤顶两臂间的夹角为120°．则下列判断正确的是（ ）

5

A．此时两臂受到的压力大小为1.0×10N B．此时千斤顶对汽车的支持力为2.0×10N

55

C．若继续摇动把手，将汽车顶起，两臂受到的压力将增大 D．若继续摇动把手，将汽车顶起，两臂受到的压力将减小

14．（3分）如图所示，用水平力F推静止在斜面上的物块，当力F由零开始逐渐增大而物块仍保持静止状态，则物块（ ）

A．所受合力逐渐增大 B．所受斜面摩擦力逐渐增大 C．所受斜面摩擦力先减小后增大 D．所受斜面弹力逐渐增大

二、实验题（本题共2小题，共14分）

15．（6分）某研究小组做“验证力的平行四边形定则”实验，所有器材有：方木板一块，白纸，量程为5N的弹簧测力计两个，橡皮条（带两个较长的细绳套），刻度尺，图钉（若干个）。 ①具体操作前，同学们提出了如下关于实验操作的建议，其中正确的有 。 A．橡皮条应和两绳套夹角的角平分线在一条直线上

B．重复实验再次进行验证时，结点O的位置可以与前一次不同

C．使用测力计时，施力方向应沿测力计轴线；读数时视线应正对测力计刻度 D．用两个测力计互成角度拉橡皮条时的拉力必须都小于只用一个测力计时的拉力

②该小组的同学用同一套器材做了四次实验，白纸上留下的标注信息有结点位置O、力的标度、分力和合力的大小及表示力的作用线的点，如下图所示。其中对于提高实验精度最有利的是 。

16．（8分）某同学用图（a）所示的实验装置测定重力加速度，其中打点计时器的电源为交流电源，频率为50Hz，打出纸带的一部分如图（b）所示，相邻计数点之间的时间间隔都为t．

（1）本实验除带夹子的重物、纸带、铁架台（含铁夹）、电磁打点计时器、导线及开关外，在下列器材中，还必须使用的器材是 （填器材前面的代号）

A、交流电源 B、刻度尺 C、天平（含砝码）

（2）若使用s1和s3两组数据来计算重力加速度，则表达式g＝ ．

（3）已测得s1＝6.60cm，s1＝8.15cm，s3＝9.72cm，已知当地的重力加速度大小约9.8m/s，由此可推算出所选相邻计数点之间的时间间隔t＝ s，实验测得的重力加速度为 m/s（结果保留3位有效数字）

2

2

三、解答题（本题共4小题，共44分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能给分，有数值计算的题目，答案中必须明确写出数值和单位）

17．（10分）矿井里的升降机，由静止开始匀加速上升，其v﹣t图象如图所示，经过5秒钟速度达到6m/s后，又以这个速度匀速上升10秒，然后匀减速上升，经过10秒恰好停在井口，求矿井的深度？

18．（10分）如图所示，一重为40N的木块放在水平桌面上，在水平方向共受三个力即Fl，F2和摩擦力作用，木块处于静止状态．其中Fl＝13N，F2＝6N．已知木块与地面间的动摩擦因数为μ＝0.2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，求：

（1）物体所受的摩擦力的大小和方向．

（2）当只将F1撒去，物体受到的摩擦力的大小和方向

（3）若撒去的力不是F1而是F2，则物体受到的摩擦力大小和方向又如何？

19．（12分）汽车刹车前的速度为20m/s，刹车获得的加速度大小为4m/s，则： （1）汽车开始刹车后10s内滑行的距离是多少？

（2）从开始刹车到汽车通过42m的位移所经历的时间是多长？ （3）汽车停止运动前3s内向前滑行通过的距离是多少？

20．（12分）一辆汽车从静止开始匀加速开出，然后保持匀速运动，最后匀减速运动，直到停止，下表给出了不同时刻汽车的速度：

时刻/s 速度/（m•s） ﹣12

1.0 3 2.0 6 3.0 9 5.0 12 7.0 12 9.5 9 10.5 3 （1）汽车从开出到停止总共经历的时间是多少？ （2）汽车通过的总路程是多少？

2019-2020学年河南省洛阳市高一（上）期中物理试卷

参考答案与试题解析

一、选择题（本题共14小题，每小题3分，共42分在每小题给出的四个选项中，第1-9小题只有一项符合题目要求，第10-14小题多选，至少有两个选项符合题目要求，全部选对得3分，选对但不全者得2分，有选错或不答的得0分）

1．【解答】解：A、伽利略首先建立了平均速度，瞬时速度和加速度等概念用来描述物体的运动，并首先采用了实验检验猜想和假设的科学方法，把实验和逻辑推理和谐地结合起来，从而有力地推进了人类科学的发展。故A正确

B、亚里士多德认为重的物体下落的快，他用快慢描述物体的运动，故B错误。 C、牛顿发现了牛顿三定律和万有引力定律，故C错误。

D、爱因斯坦的成就主要在量子力学，如光子说、质能方程、光电效应方程等，故D错误。 故选：A。

2．【解答】解：A、研究10m跳台跳水冠军的动作时，自身大小直接影响观察结果，所以不可以把运动员看成质点，故A错误；

B、研究在大海中航行的船时，船的自身大小能忽略，可以看作质点，故B正确；

C、研究足球运动员踢出的香蕉球的偏转原理时，自身大小不能忽略，否则没有这效果，因此不能把它看成质点，故C错误；

D、研究子弹穿过纸的时间时，子弹的大小不可以忽略，所以不可以把子弹看成质点，故D错误。 故选：B。

3．【解答】解：A、运动物体的路程大于等于位移的大小，在单向直线运动中，位移大小等于路程，故A错误； B、位移和路程都可以描述直线运动，也都可以描述曲线运动，故B错误。

C、位移为初末位置之间的有向线段，取决于始末位置；路程为路径长度，取决于实际运动的路线，故C正确。 D、位移是矢量，而路程是标量，但位移大小总是小于或等于路程，故D错误。 故选：C。

4．【解答】解：加速度是物体速度变化和所用时间的比值，加速度是单位时间内物体的速度变化量，故物体做匀加速直线运动，加速度为2m/s，是指每秒物体的速度增加2m/s。 A、只有加速度没有初速度故不能判定每秒物体运动情况，故A错误； B、匀加速运动是指加速度不变的加速运动，故B错误；

2

C、每经过1s物体的速度增大2m/s，故C正确；

D、每经过1s物体的速度增大2m/s，不是变为原来的2倍，故D错误。 故选：C。

5．【解答】解：A、代入t＝1s，可得第1s内的位移为6m，故A错误；

B、代入t＝2s，可得前2s的位移为14m，根据平均速度公式可得前2s的平均速度为7m/s故B错误； C、根据位移时间关系公式x＝v0t+

，可得物体运动的初速度为5m/s，加速度为2m/s，据△x＝aT可得

2

2

任意相邻1s内位移差都是2m，故C错误；

D、因为加速度为2m/s，所以任意1s内速度增量都是2m/s，故D正确。 故选：D。

6．【解答】解：A、v﹣t图象中图线与横轴围成的面积大小表示位移，可知在这段时间内，甲的位移大于乙的位移，故A错误。

B、若两车做匀变速直线运动，平均速度均为

，而实际上甲做的是加速度大小逐渐减小的变加速直线运

．汽

2

动，甲的位移比匀加速直线运动的位移大，所以甲汽车的平均速度大于匀加速直线运动的平均速度

车乙做的是加速度大小逐渐减小的变减速直线运动，其位移比匀减速直线运动的位移小，所以汽车乙的平均速度小于

，故B错误；

C、在这段时间内，甲的位移大于乙的位移，而t＝t1时刻，两汽车并排行驶，所以t＝0时刻，汽车乙在汽车甲前方，故C正确；

D、v﹣t图象斜率的绝对值代表加速度的大小，则甲、乙的加速度大小均逐渐减小，故D错误。 故选：C。

7．【解答】解：A、位移时间图象的斜率等于速度，斜率越大，速度越大，则知乙比甲运动得快。故A错误。 B、由图知：乙从原点出发，乙开始运动时，甲的位置坐标大于20m，则两物体相距大于20m，故B错误。 C、在0～10s这段时间内，乙静止在原点，甲沿正向做匀速直线运动，则两物体间的距离逐渐增大，在10～25s这段时间内，甲的运动速率小于乙的运动速率，甲在乙的前方，则两者距离逐渐减小。故C正确。

D、在t＝25s时，两个物体到达同一位置相遇，而出发点位置不同，所以两物体通过的位移不等，故D错误。 故选：C。

8．【解答】解：设物体落地时的速度大小为v。 由v﹣v0＝2gx得

2

2

v﹣0＝2gH ①

﹣0＝2gh ②

由①②解得：h＝故选：B。

9．【解答】解：碗对筷子A、B两点处都有支持力。

在A处：筷子与碗的接触面是碗的切面，碗对筷子的支持力垂直切面指向筷子，根据几何知识得知，此方向指向球心O，即A点处碗对筷子的支持力指向球心O。

在B处：筷子与碗的接触面就是筷子的下表面，所以B点处碗对筷子的支持力垂直于筷子斜向上。 故选：D。

10．【解答】解：A、对A受力分析可知，A受重力、支持力的作用，由于支持力沿垂直于斜面方向，故为了让A保持平衡，A应受B沿斜面向上的摩擦力，故A受三个力作用；故A正确；

B、对整体分析可知，整体在水平方向没有外力作用，故地面对B没有摩擦力；对B受力分析可知，B受重力、地面的支持力，A对B的静摩擦力与A对B的压力而处于平衡状态，因此B只受4个力，故B错误； CD、对A物体分析，自身重力，B对A的支持力与静摩擦力，根据共点力的平衡条件可知，AB间作用力与重力等值反向，因此A对B的作用力方向竖直向下，故C错误，D正确； 故选：AD。

11．【解答】解：两力合成时，合力范围为：|F1﹣F2|≤F≤F1+F2；

一个力的大小是3N，另一个力的大小是8N，故合力：5N≤F≤11N；故BC正确，AD错误； 故选：BC。

12．【解答】解：A、空中梯队到达B点时的速度为vB，则：

＝t，解得：vB＝

，故A正确

H

2

B、因t是总时间，则不能用求AB段的平均速度，故B错误

，故C正确

，可求得a＝

（

）故D正确

2

C、空中梯队在AC段的平均速度为D、由v＝2aL1，又vB＝故选：ACD。

13．【解答】解：A、将汽车对千斤顶的压力F分解沿两臂的两个分力F1，根据对称性可知，两臂受到的压力大小相等。

由2F1cosθ＝F得：F1＝

＝F＝1.0×10N 故A正确，B错误。

分析可知，F不变，当θ减小时，cosθ增大，

5

C、继续摇动把手，两臂靠拢，夹角θ减小，由 F1＝F1减小。故C错误，D正确。 故选：AD。

14．【解答】解：A、物块保持静止，合力保持为零不变。故A错误 BC、当力F较小时，物块受力图如图1。

根据平衡条件得f＝Gsinα﹣Fcosα，当F增大时，f减小； 当力F较大时，物块受力图如图2。

根据平衡条件得f＝Gsinα﹣Fcosα，当F增大时，f增大。 所以物块所受斜面摩擦力先减小后增大，故B错误、故C正确。

D、物块所受斜面的弹力N＝Gcosα+Fsinα，F增大时，N增大，故D正确。 故选：CD。

二、实验题（本题共2小题，共14分）

15．【解答】解：（1）A、F1、F2方向间夹角大小适当即可，不一定要橡皮条应和两绳套夹角的角平分线在一条直线上，故A错误；

B、合力与分力的关系为等效替代的关系，效果是相同的，所以在同一次实验时，需要让两个力拉橡皮条和一个力拉橡皮条产生的作用效果相同，则必定结点O的位置要相同；而在重复实验再次进行验证时，结点O的位置可以与前一次不同。故B正确；

C、使用测力计时，施力方向应沿测力计轴线，可以减小因摩擦产生的误差；读数时视线应正对测力计刻度，可以减小偶然误差。故C正确；

D、用两个测力计互成角度拉橡皮条时的拉力不一定必须都小于只用一个测力计时的拉力，故D错误； 故选：BC

（2）A、为了便于确定拉力的方向，拉橡皮条的细绳要稍长一些，同时在纸上描点时，所描的点不要太靠近结点，该图中所描的点太靠近结点。故A错误；

B、该图中所描的点到结点的距离适中，力的大小适中，而且两个力的角度的大小也适中。故B正确； C、实验要方便、准确，两分力适当大点，读数时相对误差小，但不宜太大，该图中的读数都太小，故C错误； D、该图中两个分力之间的夹角太小，这样误差容易大，故D错误； 故选：B

故答案为：（1）BC；（2）B

16．【解答】解：（1）测定重力加速度，不需要测量物体的质量，则不需要天平，因为需要打点计时器，则需要交流电源，需要刻度尺测量点迹间的距离， 故选：AB． （2）根据（3）根据根据

得重力加速度g＝得：t＝得：g＝

；（3）0.04，9.75．

．

≈0.04s．

．

故答案为：（1）AB；（2）

三、解答题（本题共4小题，共44分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能给分，有数值计算的题目，答案中必须明确写出数值和单位） 17．【解答】解：根据v﹣t图象所围的面积表示位移可得

矿井的深度为x＝×（25+10）×6m＝105m

答：矿井的深度为105m．

18．【解答】解：（1）对物体受力分析，物体在F1和F2作用下处于静止状态，且有向右滑动的趋势，故地面给物体有向左的静摩擦力： 竖直方向：FN＝mg 水平方向：F1﹣F2﹣Ff＝0 得：Ff＝F1﹣F2＝13N﹣6N＝7N 摩擦力的方向向左．

（2）当撤去F1，时，物体在F2的作用下，将保持静止状态，地面给物体有向右的静摩擦力，对物体受力分析有：

竖直方向：FN＝mg＝40N 水平方向：Ff＝F2＝6N 摩擦力的方向向右．

（3）当撤去时，物体在F1的作用下将向右加速运动，地面给物体的摩擦力为滑动摩擦力，对物体受力分析，有： 竖直方向：FN＝mg＝40N

滑动摩擦力为：Ff＝μFN＝0.2×40N＝8N 方向为水平向左．

答：（1）物体所受的摩擦力的大小7N和方向向左．

（2）当只将F1撒去，物体受到的摩擦力的大小6N和方向向右．

（3）若撒去的力不是F1而是F2，则物体受到的摩擦力大小8N和方向向左．

19．【解答】解：（1）根据速度时间关系公式，汽车运动的总时间为：停止前进，故汽车在10s内滑行的距离等于5s内滑行的距离，故有 x＝v0t+

at＝

2

即汽车刹车后5s已经

（2）设从开始刹车到汽车通过42m的位移所经历的时间为t，由x＝v0t+

解得

t1＝3s或t2＝7s（舍去） （3）汽车刹车后前2s内位移为

故汽车停止运动前3s内的位移为x2＝x﹣x1＝50m﹣32m＝18m 答：（1）汽车开始刹车后10s内滑行的距离是50m； （2）从开始刹车到汽车通过42m的位移所经历的时间是3s； （3）汽车停止运动前3s内向前滑行通过的距离是18m． 20．【解答】解：（1）由表格中的数据可知，匀加速运动的加速度匀减速直线运动的加速度大小从10.5s时刻到速度为零经历的时间

，

，

at得

2

，

则汽车从开出到停止总共经历的时间t＝10.5+0.5s＝11s。 （2）匀加速运动的位移匀减速运动的位移匀加速运动的时间

，

，匀减速运动的时间

，

，

则匀速运动的时间t2＝11﹣4﹣2s＝5s，匀速运动的位移x2＝vt2＝12×5m＝60m。 汽车通过的总路程x＝x1+x2+x3＝24+60+12m＝96m。 答：（1）汽车从开出到停止总共经历的时间是11s； （2）汽车通过的总路程是96m。